Олимпиадная задача о треугольнике $ABC$ и касательных

Пусть $I$ – центр вписанной окружности. Так как $BN$ – внешняя биссектриса угла $B$, то $\angle IBN=90^{\circ}=\angle IPN=\angle ITN$. Значит, точки $B$, $I$, $N$, $T$, $P$ лежат на одной окружности, а поскольку $IT=IP$, то $BI$ – биссектриса угла $PBT$. Поэтому точки $P_1$ и $T_1$ симметричны относительно диаметра описанной окружности, проходящего через $N$, т.е. $NP_1=NT_1$. Кроме того $\angle NPB=\angle NTB$ и $NP=NT$, следовательно, треугольники $NPP_1$ и $NTT_1$ равны, откуда получаем утверждение задачи.